一、选择题（每小题3分，共36分）
　　1．微观和宏观物体的大致尺度按从小到大顺序排列，正确的是（）
　　A．电子﹣﹣﹣﹣原子﹣﹣﹣﹣生物体﹣﹣﹣﹣太阳系﹣﹣﹣﹣银河系
　　B．电子﹣﹣﹣﹣分子﹣﹣﹣﹣生物体﹣﹣﹣﹣银河系﹣﹣﹣﹣太阳系
　　C．原子﹣﹣﹣﹣原子核﹣﹣﹣﹣生物体﹣﹣﹣﹣太阳系﹣﹣﹣﹣银河系
　　D．电子﹣﹣﹣﹣原子核﹣﹣﹣﹣生物体﹣﹣﹣﹣银河系﹣﹣﹣﹣太阳系
　　【考点】36：从微观到宏观的尺度．
　　【分析】宇宙是由物质组成的，宇宙中拥有数十亿个星系，银河系是数十亿个星系中的一个，太阳是银河系中几千亿颗恒星中的一员；
　　太阳周围有八颗行星，地球是其中的一个；
　　地球及一切天体都是由物质组成的，物体是由分子构成的，分子是由原子构成的，原子是由位于中心的原子核和核外电子构成的．原子核又是由质子和中子组成．
　　【解答】解：原子核由质子和中子组成，电子和原子核构成原子，原子构成分子，分子构成生物体，地球上有很多的生物体和其它物质，地球又是太阳系中的一颗行星．太阳系是银河系中的众多星系之一．
　　故从小到大的顺序为：电子、原子、生物体、太阳系、银河系．
　　故选A．
　　2．我国独立自主建立的北斗卫星定位系统，可提供全天候的及时定位服务．该系统利用电磁波传递信息．下列关于电磁波说法正确的是（）
　　A．所有电磁波的波长相等
　　B．电磁波不能在玻璃中传播
　　C．在真空中，无线电波的传播速度小于光的传播速度
　　D．作为载体，电磁波频率越高，相同时间可以传输的信息越多
　　【考点】D2：电磁波的传播．
　　【分析】解答此种类型的题必需知道：所有电磁波的波速是一定的，由c=λf可知，波长λ与频率f成反比；电磁波传播的条件；电磁波传播的速度；电磁波的信息传递量跟频率的关系：电磁波的频率越高，同时间内传输的信息就越多．
　　【解答】解：
　　A．所有电磁波的波速是一定的，波长λ与频率f成反比，因此各种电磁波的波长是不相等的，故A错误；
　　B．可见光实质是电磁波，它能在玻璃中传播，因此电磁波能在玻璃中传播，故B错误；
　　C．无线电波和光分别是电磁波的其中一类，而所有电磁波的波速是一定的，在真空中，它们的传播速度相等，故C错误；
　　D．从信息理论角度分析可知：作为载体的无线电波，频率越高，相同时间内传输的信息就越多，故D正确．
　　故选：D．
　　3．目前世界上很多国家把核能发电当做解决能源危机的主要措施．下列关于核能的认识，正确的是（）
　　A．核能是可再生能源
　　B．核能发电是利用原子核裂变释放的核能
　　C．核能发电是利用原子核聚变或裂变释放的核能
　　D．核能发电释放核能的过程与原子弹爆炸释放核能的过程相同
　　【考点】K4：核能．
　　【分析】（1）由可再生能源与不可再生能源的分类要求来看，可以从自然界源源不断地得到的能源称之为可再生能源；一旦消耗就很难再生的能源称之为不可再生能源；
　　（2）核能是人们在近几十年里发现和利用的新能源，虽然各种物质的原子里都有原子核，但在通常情况下并不能释放能量，只有当原子核发生改变﹣﹣裂变和聚变时才伴随巨大的能量变化．核电站和原子弹都是利用裂变的链式反应释放出巨大能量的原理制成的，其中在核电站中链式反应的速度和规模是人为控制的，而原子弹的裂变过程是不加控制的；氢弹是利用轻核的聚变制成的，目前还不能实现人为控制反应速度．
　　【解答】解：
　　A、核能不是可再生能源，故A错误；
　　B、核电站是利用原原子核裂变释放的能量来发电的，故B正确；
　　C、核能发电是利用原子核裂变释放的核能，氢弹是利用轻核的聚变制成的，故C错误；
　　D、核电站和原子弹都是利用裂变的链式反应释放出巨大能量的原理制成的，其中在核电站中链式反应的速度和规模是人为控制的，而原子弹的裂变过程是不加控制的，故D错误．
　　故选B．
　　4．物理课上，老师用力吹一根较长的塑料吸管的同时，用剪刀一小段一小段地剪短吸管，如图所示．同学们听到的声音（）
　　A．音色不变　　B．音调变了　　C．是老师的声带振动产生的
　　D．后排同学听到的与前排同学听到的相同
　　【考点】9D：频率及音调的关系．
　　【分析】（1）音调是指声音的高低，与物体振动的频率有关；响度指声音的大小，与振幅和距离声源的远近有关；音色与发声体的材料、结构有关；
　　（2）管乐器都是靠空气柱的振动发出声音的，空气柱越短，声音的音调越高．
　　【解答】解：
　　AB、吹吸管时发出的声音是靠吸管内空气柱的振动产生的，不断的剪短，空气柱越短，发出声音的音调越高，其材料没有变，所以音色是不变的，故A错误、B正确；
　　C、据A分析可知，此时的发声是空气柱的振动，不是声带的振动，故C错误；
　　D、后排同学距离老师比较远，故听到响度会变小，而前排同学听到的声音相对较大，故D错误；
　　故选B．
　　5．电焊利用电流的热效应熔化焊条．某型号的电焊机接在电压220V的家庭电路上，输出电压40V，输出功率2200W．编号为甲、乙、丙、丁的四种橡胶绝缘铜芯线在常温下安全载流量（长时间通电的对打安全电流）如表．从安全的角度考虑，该电焊机的输出导线应该选用（）
　　【考点】J9：电功率与电压、电流的关系．
　　【分析】知道电焊机的输出电压和输出功率，利用P=UI求电焊机的工作电流，然后即可选择合适的导线．
　　【解答】解：由P=UI得，电焊机工作时的输出电流：
　　I=P/U=2200W/40V=55A，
　　导线的安全载流量必须大于55A才行，
　　由表可知，应选横截面积为10mm2的导线．
　　故选D．
　　6．2017年4月20日19点41分在文昌航天发射场，长征七号重型运载火箭搭载天舟一号货运飞船发射升空．该型号火箭以液氧煤油为燃料，在火箭加速上升过程中（）
　　A．液氧煤油燃烧放出的热量全部转化为火箭和天舟一号的机械能
　　B．液氧煤油燃烧放出的热量全部转化为火箭和天舟一号的动能
　　C．天舟一号的动能和重力时能都增大
　　D．天舟一号的动能转化为重力势能
　　【考点】FN：动能和势能的大小变化；FU：动能和势能的转化与守恒；G5：内能的利用及其意义．
　　【分析】（1）火箭在升空时，燃料燃烧的热量不能全部利用，有一部分会以热传递的形式散失掉；
　　（2）动能的大小与物体的质量、速度有关，重力势能的大小与物体的质量、高度有关；
　　【解答】解：AB、火箭升空时，液氧煤油燃烧放出的热量大部分转化为火箭和天舟一号的机械能，但不是全部，故A错误；
　　B、火箭升空时，液氧煤油燃烧放出的热量一部分转化为火箭和天舟一号的动能，故B错误；
　　C、天舟一号加速上升，质量不变，速度增加，所以动能变大，同时质量不变，高度增加，故重力势能变大，故C正确；
　　D、据C可知，动能变大，重力势能也变大，故该过程不可能存在动能和重力势能的转化，故D错误；
　　故选C．
　　7．二氧化碳气体被压缩、降温到一定程度，就会形成白色的、像雪一样的固体，俗称干冰．干冰被抛到空中，会迅速变为气体，促使其周围水蒸气凝结成水滴或小冰晶，实现人工降雨．下列关于上述描述中包含的物态变化的说法，正确的是（）
　　A．二氧化碳气体变成干冰，是凝华
　　B．水蒸气凝结成水，是凝固
　　C．干冰变成二氧化碳气体，放出热量
　　D．水蒸气凝结成小冰晶，吸收热量
　　【考点】1P：升华和凝华的定义和特点；1M：液化及液化现象．
　　【分析】（1）物质由固态变成液态叫熔化，由液态变成固态叫凝固；
　　（2）物质由液态变成气态叫汽化，由气态变成液态叫液化；
　　（3）物质由固态直接变成气态叫升华，由气态直接变成固态叫凝华．
　　【解答】解：A、二氧化碳变成干冰，由气态直接变成固态，属于凝华，故A正确；
　　B、水蒸气遇冷凝结成小水滴，由气态变成液态，属于液化；故B错误；
　　C、干冰变成二氧化碳气体，由固态直接变成气态，属于升华，升华吸热，故C错误；
　　D、水蒸气遇冷凝结成小冰晶，由气态直接变成固态，属于凝华，凝华放热，故D错误．
　　故选A．
　　8．如图所示，酒精灯对烧杯中一定质量0℃的冰水混合物加热，至沸腾后继续加热一段时间．下列说法正确的是（）
　　A．冰水混合状态，冰和水的总内能不变
　　B．温度升高过程中，烧杯中水的机械能增加
　　C．温度升高过程中，烧杯中水的内能不变
　　D．沸腾过程中，烧杯中水的内能减少
　　【考点】19：熔化与熔化吸热特点；1I：沸腾及沸腾条件；G6：温度、热量与内能的关系．
　　【分析】（1）晶体熔化过程中吸收热量但温度保持不变．
　　（2）沸腾过程，水的质量较小，内能减小．
　　【解答】解：A、冰是晶体，由于晶体熔化过程中处于冰水混合状态，吸热，内能增加，但温度始终保持0℃不变，故A错误；
　　BC、温度升高过程中，吸收热量，水的内能增加，但机械能不变，故BC错误；
　　D、沸腾过程中，吸收热量，温度不变，水的质量减小，故水的内能减小，故D正确．
　　故选D．
　　9．如图所示，固定有磁体的小车A、B靠得较近，松手后两车向相反方向运动．对此现象的分析和认识，正确的是（）
　　A．松手后两车都运动，是因为两车都有惯性
　　B．A对B的排斥力使A车运动状态发生改变
　　C．B对A的排斥力使A车运动状态发生改变
　　D．A对B的排斥力与B对A的排斥力，作用效果相同
　　【考点】6L：惯性；6F：力的作用效果；6K：物体运动状态变化的原因．
　　【分析】（1）磁极间的相互作用规律是：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引．力的作用效果为：可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态；
　　（2）惯性：物体的性质．没有任何条件，一切物体都有惯性，物体总有保持原有运动状态不变的性质，这种性质叫做惯性．
　　【解答】解：A、松手后两车都运动，是因为两车受到磁力的作用，故A错误；
　　B、A对B的排斥力使B车运动状态发生改变，改变的是B车，故B错误；
　　C、B对A的排斥力使A车运动状态发生改变，故C正确；
　　D、A对B的排斥力与B对A的排斥力，作用在不同物体上，作用效果不同，故D错误．
　　故选C．
　　10．用细线绑住干净的玻璃板，将玻璃板吊在弹簧测力计的下面，静止时测力计示数为F1；又使玻璃板水平接触水面，然后稍稍用力向上拉玻璃板，且没有离开水面，如图所示，测力计示数为F2；再将玻璃板慢慢浸没在水中，玻璃板没有接触杯底，静止时测力计示数为F3．则（）
　　A．F2＞F1＞F3    B．F1＞F2＞F3    C．F2＞F1=F3    D．F1=F2=F3
　　【考点】74：弹簧测力计的使用与读数；GH：分子间的作用力．
　　【分析】（1）分子间同时存在着引力和斥力，当分子距离较近时表现为斥力，当分子间距离较远时表现为引力，玻璃板和水分子之间存在引力．
　　（2）浸没在水中物体受浮力．
　　【解答】解：将玻璃板吊在弹簧测力计的下面，静止时测力计示数为F1=G；
　　使玻璃板水平接触水面，然后稍稍用力向上拉玻璃板，且没有离开水面时因为玻璃和水接触在一起，并且玻璃分子和水分子间的距离在引力作用的范围内，故水分子和玻璃分子之间存在相互作用的引力，故向上拉玻璃板时，弹簧测力计的读数将变大即F2＞G．
　　再将玻璃板慢慢浸没在水中，玻璃板没有接触杯底，静止时测力计示数为F3=G﹣F浮．
　　综上分析：F2＞F1＞F3，故A正确．
　　故选A．
　　11．如图所示，两块完全相同的直角三角形玻璃砖A和B放置在同一水平面内，斜边平行且相距一定距离．一条光线从空气中垂直于玻璃砖A的直角边射入，从玻璃砖B的直角边射出，射出后的位置和方向可能是图中的（）
　　A．光线a    B．光线b    C．光线c    D．光线d
　　【考点】AN：作光的折射光路图．
　　【分析】光线垂直于界面入射时，光线的传播方向不变；光从空气中斜射入玻璃中时，折射小于入射角；光从玻璃中斜射入空气中时，折射角大于入射角．
　　【解答】解：光线垂直于界面入射时，光线的传播方向不变；光从玻璃中A斜射入空气中时，折射角大于入射角，故从A出来的折射光线会向上偏转，在图中虚线的上部；
　　光从空气中斜射入B中时，折射角小于入射角（此时的折射角等于A中的入射角），故折射光线与入射光线平行射出B，如图：
　　．
　　故选：B．
　　12．一矩形线圈放在蹄形磁铁的两极之间，刚通电时在磁场作用下扭转方向如图甲所示．现将该线圈放在图乙所示的蹄形螺线管间，a、b为螺线管与电源的接口．某同学进行了如下四次操作：
　　①a接正极b接负极，线圈中通与图甲电流方向相同的电流
　　②b接正极a接负极，线圈中通与图甲电流方向相同的电流
　　③a接正极b接负极，线圈中通与图甲电流方向相反的电流
　　④b接正极a接负极，线圈中通与图甲电流方向相反的电流
　　线圈刚通电时扭转方向与图甲所示的扭转方向相同的是（）
　　A．①和③    B．②和④    C．①和④    D．②和③
　　【考点】CJ：磁场对通电导线的作用．
　　【分析】（1）根据安培定则判断通电螺线管的磁极；
　　（2）磁场对电流（通电导体）有力的作用，据此制成了电动机；
　　（3）通电导体受力的方向与电流的方向和磁感线的方向有关．
　　【解答】解：①若乙图中a接正极b接负极，根据安培定则知蹄形螺线管左端为S极，与甲图的磁场方向相反，线圈中通与图甲电流方向相同的电流，故线圈刚通电时扭转方向与图甲所示的扭转方向相反；
　　②若乙b接正极a接负极，根据安培定则知蹄形螺线管左端为N极，与甲图的磁场方向相同，线圈中通与图甲电流方向相同的电流，故线圈刚通电时扭转方向与图甲所示的扭转方向相同；
　　③若乙a接正极b接负极，根据安培定则知蹄形螺线管左端为S极，与甲图的磁场方向相反，线圈中通与图甲电流方向相反的电流，故线圈刚通电时扭转方向与图甲所示的扭转方向相同；
　　④若乙b接正极a接负极，根据安培定则知蹄形螺线管左端为N极，与甲图的磁场方向相同，线圈中通与图甲电流方向相反的电流，故线圈刚通电时扭转方向与图甲所示的扭转方向相反；
　　综合分析②③，故D正确．
　　故选D．
　　二、填空题（本题包括5小题，每空2分，共20分）
　　13．涪江水面平静，两岸河堤高出水面1m，河堤上一棵树高4m，这棵树在涪江水中的像高4m；小明同学站在树的对岸河堤上，他的眼睛与树尖的距离为d树，与树尖在涪江水中像的距离为d像，则d树＜d像（选填“＞”、“＜”或“=”）．
　　【考点】AE：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．
　　【分析】平面镜成像时像的大小与物体的大小相等；像到镜面的距离与物体到镜面的距离相等．
　　【解答】解：河堤上一棵树高4m，在其像的高度也为4m；
　　小明站在树的对岸如图所示：
　　S'为树尖S在通过水面所成的像；
　　他的眼睛与树尖的距离为d树=AS，与树尖在涪江水中像的距离为d像=AS'，根据勾股定理可知，AS²=AO²+OS²，AS' ²=AO²+OS' ²，由于OS＜0S'，则AS＜AS'，即d树＜d像．
　　故答案为：4；＜．
　　14．菜油最适宜的烹饪温度在150℃至180℃之间．用天然气将质量为0.02kg的菜油从室温20℃加热到170℃，天然气燃烧释放出的热量有60%被菜油吸收．则菜油吸收了6000J热量，燃烧了2.5×10^﹣4m3的天然气．（取c菜油=2.0×10³J/（kg•℃），天然气的热值为4×10⁷J/m3）
　　【考点】GG：热量的计算；GJ：燃料的热值．
　　【分析】知道菜油的质量、比热容和菜油的初温和末温，利用吸热公式求菜油吸收的热量；
　　知道效率，利用效率公式可以求出天然气放出的热量，根据公式Q=Vq求出体积．
　　【解答】解：菜油吸收的热量：
　　Q吸=c_菜油 m（t﹣t0）=2×10³J/（kg•℃）×0.02kg×=6000J；
　　天然气燃烧释放出的热量有60%被菜油吸收，则天然气放出的热量为：
　　Q放=Q吸/η=6000J/60%=10000J；
　　由Q=Vq得天然气的体积为：
　　V=Q放/q=10000J/(4×10⁷J/m3)=2.5×10^﹣4m3．
　　故答案为：6×10³；2.5×10^﹣4．
　　15．如图是某建筑工地上提升建筑材料的滑轮组示意图，其动滑轮质量15kg，某次提升材料质量240kg，材料在空中静止时，摩擦影响很小，绳很轻，可以不考虑，则竖着向上的拉力F=850N；竖着向上匀速提升材料，摩擦影响较大，实际所用的拉力大小是1000N，并将材料提升了10m高．则滑轮组的机械效率是80%．（取g=10N/kg）
　　【考点】F4：滑轮（组）的机械效率；7!：滑轮组绳子拉力的计算．
　　【分析】（1）从图上可以看出，图中有一个定滑轮和一个动滑轮，已知质量，根据G=mg计算出重力再利用动滑轮的特点分析；
　　（3）使用动滑轮省一半的力，要费一倍的距离，即F移动的距离是20m，根据W=Fs计算；上一步计算出来的是总功，物体升高10m做的功是有用功，根据W有=Gh求出有用功，再利用η=×100%可求．
　　【解答】解：
　　（1）由图可知，n=3，
　　物体和动滑轮的总重力：G=（m轮+m材料）g=（15kg+240kg）×10N/kg=2550N，
　　不考虑绳重和摩擦，则竖着向上的拉力：
　　F=G/3=2550N/3=850N；
　　（2）拉力做的有用功：W有用=m材料gh=240kg×10N/kg×10m=24000J，
　　拉力移动的距离：s=3h=3×10m=30m；
　　实际拉力为1000N，则拉力做的总功：W总=F′s=1000N×30m=30000J，
　　滑轮组的机械效率：η=W有用/W总 =24000J/30000J=80%．
　　故答案为：850；80%．
　　16．乌鸦想喝玻璃瓶中的水．假设玻璃瓶身是圆柱体，其底面积为0.02m2，瓶内圆柱形空间的高度为0.25m，瓶内有水，水深0.20m，瓶壁薄（厚度不计），瓶嘴小，只容乌鸦嘴伸入，且瓶嘴深与乌鸦嘴长相等，瓶放在水平地面上，如图所示．已知空玻璃瓶重12N，则玻璃瓶底对地面的压强是2600Pa．为了喝到瓶中水，乌鸦用嘴将周围的小石子夹入瓶中．假设每颗石子的质量都是43g，乌鸦至少向瓶中夹入59颗石子才能让它自己的嘴接触到瓶中水（假如石子全部浸入水中）．（取g=10N/kg，ρ水=1.0×10³kg/m3，ρ石子=2.5×10³kg/m3）
　　【考点】86：压强的大小及其计算；2B：密度公式的应用．
　　【分析】（1）根据题意求出瓶子内水的体积，根据ρ=m/v求出瓶子内水的质量，根据G=mg求出水的重力，玻璃瓶底对地面的压力等于水和瓶子的重力之和，根据p=F/S求出玻璃瓶底对地面的压强；
　　（2）乌鸦的嘴接触到瓶中水时，根据V=S（h瓶﹣h水）求出石子的体积，根据m=ρV求出所加石子的质量，然后除以每颗石子的质量，然后得出答案．
　　【解答】解：（1）瓶子内水的体积：
　　V水=Sh水=0.02m²×0.20m=0.004m³，
　　由ρ=m/v可得，瓶子内水的质量：
　　m水=ρ水V水=1.0×10³kg/m3×0.004m3=4kg，
　　水的重力：
　　G水=m水g=4kg×10N/kg=40N，
　　玻璃瓶底对地面的压力：
　　F=G水+G瓶=40N+12N=52N，
　　玻璃瓶底对地面的压强：
　　p=F/S=52N/0.02m²=2600Pa；
　　（2）乌鸦的嘴接触到瓶中水时，石子的体积：
　　V石子=S（h瓶﹣h水）=0.02m2×（0.25m﹣0.20m）=0.001m3，
　　所加石子的质量：
　　m石子=ρ石子V石子=2.5×10³kg/m3×0.001m³=2.5kg=2500g，
　　则需要石子的个数：
　　n=2500g/43g≈58.1，即59个．
　　故答案为：2600；59．
　　17．如图所示，A、B两端间电压U=6V，且保持不变，R1=10Ω，R2=20Ω．a、b两端接不同的电阻Rf时，R1的电功率不同，其最小值为0.4W；a、b两端不接电阻时，c、d两端的电压称为空载电压，若要求c、d两端的电压不得低于空载电压的60%，Rf的阻值范围应为Rf≥10Ω．
　　【考点】JA：电功率的计算；IH：欧姆定律的应用．
　　【分析】（1）根据并联电路电阻规律求出其总电阻表达式，利用极限求出R2与Rf并联的最大总电阻，利用串联电路分压特点、欧姆定律及电功率公式P=U2/R求出R1的最小电功率；
　　（2）a、b两端不接电阻时，电阻R1和R2串联，根据串联电路特点求出电阻R2两端的电压即为c、d两端的空载电压，由题意求出c、d两端的最小电压，进而此时电阻R1两端的最大电压，利用欧姆定律和串联电路电流特点求出Rf的最小阻值，从而得其阻值范围．
　　【解答】解：（1）由电路图可知，R2与Rf并联，
　　根据并联电路电阻规律可知，其总电阻：
　　R并=R2Rf/(R2+Rf)=20Ω×Rf/(20Ω+Rf)≤20Ω(极值问题），
　　即R2与Rf并联的最大总电阻为20Ω，
　　根据串联电路分压特点可知，R并两端的电压最大，
　　此时电阻R1两端的电压最小，根据P=U²/R可知，R1的电功率最小，
　　根据串联电路电阻规律可知，电路总电阻：
　　R总=R1+R并=10Ω+20Ω=30Ω，
　　则电路中的电流：
　　I=U/R总=6v/30Ω=0.2A，
　　由欧姆定律得，电阻R1两端的电压：
　　U1=IR1=0.2A×10Ω=2V，
　　则R1的最小电功率：
　　P1=U1²/R1=(2v)²/10Ω=0.4W，【老贺分析：R1的电功率最小时，电路中的电流最小(P=I²R1),电源电压不变，所以电路中的总电阻最大，而R1是不变的，所以R并应该最大，且最大值应该是R1(并联总电阻小于任一个电阻）】
　　（2）a、b两端不接电阻时，电阻R1和R2串联，
　　根据串联电路分压特点可知，U1/U2=R1/R2=1/2，
　　又因为U1+U2=U=6V，
　　联立以上两式可解得：U1=2V，U2=4V，
　　即：c、d两端的空载电压U空载=U2=4V，
　　由题意知，a、b两端接不同的电阻R_f 时，c、d两端的最小电压：
　　Ucd=60%U空载=60%×4V=2.4V，
　　则此时电阻R1两端的最大电压：
　　U1′=U﹣Ucd=6V﹣2.4V=3.6V，
　　电路中的最大电流：
　　I′=U1'/R1=3.6V/10Ω=0.36A，则有：
　　
　　解得：Rf=10Ω，即为a、b两端接入的最小电阻；
　　则Rf的阻值范围应为Rf≥10Ω．
　　故答案为：0.4；Rf≥10Ω．
　　三、实验探究题（本题包括3小题，第（3）题第③问3分，其余每空2分，共19分）
　　18．在“探究凸透镜成像的规律”实验中，先将蜡烛焰、凸透镜、光屏的中心调到同一水平线上，然后将凸透镜固定在光具座上50cm处，将点燃的蜡烛放置在光具座上30cm处，移动光屏，在光屏上得到烛焰清晰的像，再将蜡烛向凸透镜移近几厘米，应向 远离 （选填“靠近”或“远离”）凸透镜方向移动光屏，才有可能再次在光屏上得到烛焰清晰的像；又将蜡烛移至光具座上43cm处，无论怎么移动光屏，都不能在光屏上得到烛焰清晰的像．由此可以推断该凸透镜焦距的范围，该范围的最大值小于 20 cm．
　　【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验．
　　【分析】凸透镜成像的规律，知道成实像时，物距越小，像距越大，成的像也越大．凸透镜成实像的条件是u＞f．
　　【解答】解：将凸透镜固定在光具座上50cm处，将点燃的蜡烛放置在光具座上30cm处，此时的物距为20cm；再将蜡烛向凸透镜移近几厘米，此时物距减小，则像距变大，应向远离凸透镜方向移动光屏才能得到清晰的像；
　　又将蜡烛移至光具座上43cm处，无论怎么移动光屏，都不能在光屏上得到烛焰清晰的像，说明此时的物距小于焦距，不能成实像；
　　凸透镜成实像的条件是u＞f，即20cm＞f．（一倍焦距分虚实）
　　故答案为：远离；20．
　　19．某同学用如图所示的装置研究影响滑动摩擦力大小的因素．木板P放在水平桌面上，木块Q放在木板P上，弹簧测力计一端固定，一端挂在木块Q上，拉动木板P，木块Q稳定时，读取测力计的示数．回答下列问题：
　　①读取测力计的示数，是为了测量 D．（填序号）
　　A．木板P受到地面的滑动摩擦力大小　　B．木板P受到木块Q的滑动摩擦力大小
　　C．木块Q受到地面的滑动摩擦力大小　　D．木块Q受到木板P的滑动摩擦力大小
　　②用相同的木板P和木块Q，在木块Q上放不同个数的砝码，拉动木板P快慢相同，记录测力计的示数及对应的砝码个数．这是为了研究滑动摩擦力大小与压力的关系．
　　③用相同的木板P和木块Q，发现拉动木板P的快慢不同时，测力计的示数相等．由此得到的结论是滑动摩擦力大小与运动快慢无关．或接触面相同，压力相等，滑动摩擦力大小与运动快慢无关．．
　　【考点】7L：探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验．
　　【分析】（1）摩擦力与物体间的压力、接触面的粗糙程度有关，根据控制变量法的要求，分析图示情景，然后答题；
　　（2）物体静止和做匀速直线运动时，此时物体处平衡状态，受到的力是平衡力，二者大小相等、方向相反、作用在同一直线上，可根据一个力的大小、方向，确定另一个力的大小和方向；
　　（3）滑动摩檫力的方向与物体相对运动的方向相反；
　　（4）滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，若两者都不发生变化，则滑动摩檫力不变
　　【解答】解：①木板P放在水平桌面上，木块Q放在木板P上，弹簧测力计一端固定，一端挂在木块Q上，拉动木板P，木块Q稳定时，读取测力计的示数，此时木块Q受到木板P的滑动摩擦力大小与弹簧测力计示数相等，二力平衡，故D正确；
　　②根据控制变量法，用相同的木板P和木块Q，在木块Q上放不同个数的砝码，拉动木板P快慢相同，记录测力计的示数及对应的砝码个数．这是控制接触面粗糙程度不变，改变压力，这是为了研究滑动摩擦力大小与压力的关系；
　　③木块的运动速度虽然不同，但前后两次受到的拉力和摩擦力都是一对平衡力．由于木块Q对木板P的压力不变，接触面的粗糙程度不变，所以木块受到的摩擦力不变．
　　故可得滑动摩擦力大小与运动快慢无关．或接触面相同，压力相等，滑动摩擦力大小与运动快慢无关．
　　故答案为：①D；②压力；③滑动摩擦力大小与运动快慢无关．或接触面相同，压力相等，滑动摩擦力大小与运动快慢无关．
　　20．某实验小组的同学用如图所示的电路测大约几十欧的电阻的阻值．
　　实验室提供的器材：待测电阻RX，电压约3V的电源，电压表V（量程为3V），开关S，导线若干．
　　供选择的器材：滑动变阻器R1，滑动变阻器R2（30Ω，0.5A），电流表A1（量程0.6A），电流表A2（量程60mA）．
　　实验过程：
　　（i）选择合适的器材，断开开关，按电路图连接电路；
　　（ii）调节滑动变阻器滑片，让接入电路的阻值最大，闭合开关；
　　（iii）缓慢调节滑动变阻器滑片到不同位置，稳定后，读取电流表和电压表示数I和U，下表是该组同学按正确操作测得的六组数据：
　　
　　（iv）断开开关，拆除电路，复原实验器材．
　　回答下列问题：
　　①电流表应该选A2，滑动变阻器应该选R1．
　　②滑动变阻器接入电路的阻值减小，电压表的示数 减小（选填“减小”、“不变”或“增大”）．
　　③利用表中数据，可算得待测电阻RX= 57 Ω．（结果保留整数）
　　【考点】IM：伏安法测电阻的探究实验．
　　【分析】①分析电路的连接，由表中数据电路中最大电流为确定电流表量程；由欧姆定律求出变阻器的连入电路中的最大电阻确定变阻器的选择；
　　②由分压原理确定电压表示数的变化；
　　③根据串联电路的规律和欧姆定律，由电阻不变列方程求出电源电压，从而求出待测电阻的大小，取平均值作为最后结果．
　　【解答】解：
　　①由表中数据可知，电路中最大电流为42mA，故电流表应该选用A2（量程60mA）；
　　由电路图可知，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路的电流，
　　由第1次实验数据，变阻器连入电路中的电阻：
　　R滑=U1/I1=2.40v/0.007A≈342.9Ω，故滑动变阻器应该选R1；
　　②滑动变阻器接入电路的阻值减小，根据串联分压原理可知，电压表的示数减小；
　　设电源电压为U，根据串联电路电压的规律，待测电阻的电压UX=U﹣U表，
　　因待测电阻大小不变，根据串联电路的特点和欧姆定律，由实验1、2次数据可得：
　　
  　　解得电源电压U=2.8V；
　　根据待测电阻的电压UX=U﹣U表，由上表中可知，待测电阻的电压分别为0.40V、0.80、1.20V、1.60V、2.00V、2.40V，根据RX=分别求出待测电阻的大小均约为57Ω，为提高测量的准确程度，取平均值作为最后的结果，可得待测电阻RX≈57Ω．
　　故答案为：①A2，R1；②减小；③57．
　　四、计算题（本题2小题，共20分．解答过程中必须写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）
　　21．我国规定的饮酒驾车和醉酒驾车标准如表．如图甲是对驾驶员进行现场检测的呼气式酒精检测仪，用于检测驾驶人员呼气酒精浓度．呼气中的酒精浓度与血液中的酒精浓度关系为：
血液酒精浓度X=呼气酒精浓度y×2200．
　　

  　　酒精测试仪由酒精气体传感器（相当于随呼气酒精浓度变化的变阻器），与一个定值电阻及一个电压表组成，图乙是它的原理图，电源电压1.5V，定值电阻R1=40Ω，传感器的电阻值R2与呼气酒精浓度y的关系如图丙所示．测试时，按下开关等仪器正常后，被测者口含紧吹气管吹气4s，测试仪显示结果．
　　①某驾驶员接受测试，电压表示数是0.5V．该驾驶员测试结果是什么类型？
　　②如果被测者测试时，口没有含紧吹管吹气，请根据流体压强与流速的关系，分析对测试结果的影响．
　　【考点】IH：欧姆定律的应用；8K：流体压强与流速的关系．
　　【分析】（1）由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，当电压表的示数为0.5V，根据串联电路的电压特点求出R2两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流；再根据欧姆定律求出R2的阻值；根据图象读出呼气酒精浓度；
　　（2）流体压强与流速的关系：流速越大的地方压强越小．
　　【解答】解：
　　（1）由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，
　　当电压表示数是0.5V时，根据串联电路的电压特点可知R2两端的电压：
　　U2=U﹣U1=1.5V﹣0.5V=1V，
　　因串联电路中各处的电流相等，
　　所以，电路中的电流：
　　I=I2=I1=U1/R1=0.5V/40欧 =0.0125A；
　　则R2的阻值：
　　R2=U2/I2=1V/0.0125A=80Ω；
　　由图象可知，当R2=80Ω时，呼气酒精浓度为5×10^﹣3 mg/100mL；
　　则血液酒精浓度X=呼气酒精浓度y×2200=5×10^﹣3 mg/100mL×2200=11mg/100mL；
　　由表格数据可知：血液酒精浓度X=11mg/100mL＜20mg/100mL，属于非饮酒驾驶；
　　（2）如果被测者测试时，口没有含紧吹管吹气，被测者呼出的气体流动加快，压强减小，周围的空气向被测者呼出的气体流动，一起进入仪器内，相当于把呼气中的酒精浓度稀释了，检测到的酒精浓度比被测者实际的呼气酒精浓度低．
　　故答案为：①某驾驶员接受测试，电压表示数是0.5V．该驾驶员测试结果是非饮酒驾驶；
　　②如果被测者测试时，口没有含紧吹管吹气，被测者呼出的气体流动加快，压强减小，周围的空气向被测者呼出的气体流动，一起进入仪器内，相当于把呼气中的酒精浓度稀释了，检测到的酒精浓度比被测者实际的呼气酒精浓度低．
　　22．蛟龙AG600水陆两栖飞机是我国自主研制的“三个大飞机”（运﹣20、AG600和C919）之一，被誉为国之重器．AG600主要用于大型灭火和水上救援，可以从地面起飞和降落，也可以从水面起飞和降落，2017年2月13日，实现全部四台发动机试车成功，之后又进行了系列测试．AG600空载时质量为41.5t，最多可储水12t．（取g=10N/kg，ρ水=1.0×10³kg/m3）
　　①某次试飞前，AG600蓄满水后静止在某湖面上，求其排开湖水的体积．
　　②在水面滑行测试中，AG600蓄一定质量的水，发动机牵引力的实际总功率为2500kW，飞机在水面上以36km/h的速度匀速滑行了1min，滑行过程中所受阻力为总重的0.5倍．求所蓄水的质量．
　　③在一次灭火演习测试中，AG600蓄水后以最大巡航速度飞往假象火场并盘悬在火场上方155m处，分次将所蓄水投下，每次投水100kg，投下的水下落过程中由于重力和空气阻力的作用，先加速运动后匀速运动，匀速运动的速度是10m/s，运动时间是14s，加速过程的平均速度是匀速运动速度的0.25倍．求一次所投的水在下落过程中重力做功的平均功率．
　　【考点】8O：阿基米德原理；FG：功率计算公式的应用．
　　【分析】①AG600蓄满水后静止在某湖面上时，浮力等于其总重力，根据F浮=ρ水gV排求解其排开湖水的体积．
　　②根据阻力与重力的关系求出阻力，利用二力平衡的条件可得牵引力，再根据P=W/t，W=Fs，v=S/t 列出等式，求解所蓄水的质量；
　　③求出加速下落的高度，然后利用v=S/t 计算下落的时间，再利用W=Gh=mgh求出一次所投的水在下落过程中重力所做的功，除以总时间，即为重力做功的平均功率．
　　【解答】解：
　　①AG600蓄满水后的总重力：
　　G总=m₁g+m₂g=（41.5×10³kg+12×10³kg）×10N/kg=5.35×10⁵N，
　　因为AG600蓄满水后静止在某湖面上，
　　所以有：F浮=G总=5.35×10⁵N，
　　由ρ水gV排可得，排开湖水的体积：